获取函数导入路径

Question

from pack.mod import f

如何从对象获取有关导入的信息-'pack.mod'

我可以用f.__module__得到它 但是如果在我得到这个属性的模块（f.__module__）中的函数def返回'__main__'。但我需要真正的路径-'pack.mod'

我找到了这个方法来获取这些信息：

inspect.getmodule(f).__file__

然后我可以从sys.path子开始路径，替换.上的/，得到类似-'pack.mod'的路径 但可能存在一些更方便的方式吗？

Answer 1

根据inspect.py's sources，内部inspect.getmodule(f)所做的基本上是sys.modules.get(object.__module__)——我不会直接调用使用该代码“更方便”，尽管（除了“基本”部分，inspect有很多有用的角案例捕捉和更正）。

为什么不直接调用inspect.getsourcefile(f)？

编辑：在两行之间读取，操作人员似乎试图执行以下操作

python /foo/bar/baz/bla.py

在bla.py（因此作为__main__运行）中，确定“一个不同的主脚本可以使用什么from或import语句从我内部导入此函数？”。

问题是，问题是不适定的，因为可能没有任何可用的路径（没有任何东西可以保证当前主脚本的路径在sys.path以后运行不同的主脚本时位于sys.path），是的，但在它出现之前还有/fee/fie/foo，一个完全不相关的文件/fee/fie/foo/bla.py也存在——等等）。

无论这种发现尝试的目的是什么，我建议找到一种替代体系结构——例如，实际执行from baz.bla import f的体系结构（正如OP在问题开始时所说的那样），以便f.__module__被正确设置为baz.bla。

Answer 2

您需要来自__module__的__name__属性：

In [16]: import inspect
In [17]: inspect.getmodule(MyObject).__name__
Out[17]: 'lib.objects.MyObject'