在plone中显示对象状态时出现“No workflow provides '${name}' information.”错误
我正在尝试用以下代码返回一个对象的状态：
workflow = getToolByName(context,'portal_workflow')
status = workflow.getInfoFor(obj,'review_state')
当我尝试用下面的代码输出这个状态时：
print "State: %s" % (status)
我遇到了以下错误：
异常类型：工作流
异常信息：没有工作流提供 '${name}' 的信息。
我在网上查了一些资料，但似乎没有找到明确的答案。
有人能帮忙吗？
补充说明
这个问题并不是因为对象没有工作流。我想获取状态的对象是使用自定义工作流的。不过，即使我切换到使用默认的 Plone 工作流，仍然会出现同样的错误。
解决了
我尝试了一个最简单的方法：
status = obj.review_state
这个方法有效！真是让人惊讶。无论如何，谢谢大家。
版主，如果你们愿意，可以删除这条帖子。
3 个回答
在你定义的变量选项卡中（也就是ZMI里的portal_workflow），在页面的底部，确保状态变量的名字是'review_state'——我记得这可能不是默认的名字。这可能是你问题的一个来源。
这是因为你试图获取一个没有关联工作流程的对象的状态（可能是一个文件或图片）。你可以在 zmi->portal_workflows 中查看所有内容类型和工作流程的对应关系。
其实，Giacomo的回答是对的。你试图传递给getInfoFor方法的obj是一个目录脑（catalog brain），而不是一个实际的内容对象。这就是为什么你直接请求它的review_state能成功的原因。
在Plone中，内容对象并不知道自己的工作流状态。这些信息是由工作流工具来维护的，所以当你查看一个实际的内容对象时，必须使用workflow_tool.getInfoFor。
在你的情况下，你拿到了一个目录搜索的结果，这个结果是一个叫做brain的轻量级结构，然后你试图把它传递给工作流工具。目录脑没有工作流，所以你遇到的错误是完全正确的。但是，目录脑确实有一个review_state属性，它对应于目录脑所代表的对象的审核状态。
简单来说，如果你有一个目录脑，就用brain.review_state；如果你有一个内容对象，就用workflow_tool.getInfoFor(obj, 'review_state')。